#3 Eso es enfermizo. Hace unas semanas leí que en Japón se le hace vista gorda a la pedofilia y efebofilia y no me lo podía creer. Sigo sin poder creérmelo pero esto que enseñas no ayuda.
#23 Ya lo se, pero me parece triste que porque la gente no sabe, eliminemos funcionalidades. Si fuésemos con esa mentalidad en el mundo del desarrollo, no existirían ni la mitad de cosas.
#3 Yo lo hice de otro modo, clasifiqué los cuadrados en 9 conjuntos que se pueden recorrer ortogonalmente. Estos conjuntos los conecté entre sí por saltos diagonales, intentando no caer nunca en un punto desde el que no se pudiera recorrer todo el conjunto de llegada...
#4, de hecho te puedes plantear la pregunta par n. Aquí que el problema no tenga solución para cierto m no implica al menos directamente que no se pueda para m+1 (no lo he pensado, lo mismo podría implicarlo, pero vamos, que no es algo que se vea superdirecto).
#16 igual que el otro problema, cada uno ve el color de los demás y averigua el suyo por deducción y los otros tienen que ir memorizando los colores que ya han salido
#2 Bueno, simplemente es un acomplejado que, por algún motivo que desconocemos, se cree que vale más que otros y que él sí puede dirigir los gustos de otros.
#2 Que se jodan. Darwin a unos les da inteligencia y a otros como él les da la piel tersa. Si es tan capullo como para no saber ver cual de las 2 cosas es mejor que le den.
#6 Pero lo has sacado al final por el principio del palomar, con el razonamiento que haría yo misma. La idea es que si tengo muchas cosas y pocos lugares dond meterlas hay forzosamente muchas en el mismo lugar. El primero que lo formuló con precisión fue Dirichlet y también se suele llamar por su nombre.
#8 Lo he estado mirando, y sí que tenía razón en #5, pero no has entendido mi forma de explicarlo.
Las probabilidades son de 1/2 es decir, que, como son por parejas, tienen que ser 4 usuarios en total, salen 6 combinaciones, las que has dicho:
AB
AC
AD
BC
BD
CD
Pero para que sea 1/2 en la mitad de ellos uno ha de ser un usuario "normal", y en la otra mitad, sólo clones para votar negativo, eso hace que sean 3 para votar negativo y 1 normal, total 4 (A normal, por ejemplo, y B, C y D para negativizar), pero para votar negativo sólo 3
Se puede intentar con probabilidad, ecuaciones y demás sacar que ha de ser así, pero me sale una demostración enooooooooooooooorme (y aburrida como ella sola )
#4 Tienes razón, se ve que leí demasiado rápido, pero siguen entonces siendo 4, la probabilidad de que los use exclusivamente para votar negativo es de 1/2, o lo que es lo mismo, que hay otro par que podría haberse escogido exclusivamente para votar negativo, y sólo otro par (o sería menor a 1/2) con lo que vuelven a ser 2 pares de 2, y vuelve a ser 4
#2 Pero tienes razón, ese 4,4390889145857746200045485635256 sería más bien la hipotenusa, conforme está, pero si eso es así, si lo pongo al cuadrado y lo divido por dos tendré el área del cuadradito pequeño (si es perfectamente cuadrado, que creo que lo era pero no me acuerdo )